主题： problem-6988(dingbacode.com) )。
赋予一个字符串和每个字符的权重，求出本质不同的所有子字符串中第k个小字符串的权重。 字符串的权重是字符权重之和。
意识到必须考虑所有子串的情况，不能从中选择第k个小答案。 因此，为了得到结果，考虑用数据结构保存，或者迅速列举所有情况。 因为知道所有后缀的所有前缀都是所有子字符串的情况，所以通过枚举每个后缀的所有前缀可以期待结果。 但是，暴力列举绝对会超时，届时需要用于处理的数据结构。
首先要明确一点，从所有情况中选择第k个小答案的做法会超时。 由于情况非常多，各情况之间的大小关系不明确，所以要得到排序后的所有子序列的大小关系非常困难，需要花费时间。 注意到问题是输出结果这个唯一的数字，每个后缀的前缀的权重和长度都满足单调的关系，直接将答案平分列举，试图验证其正确性。
以下，考虑如何二分，确定下界为1，上界为原来的总串。 每次都计算中值mid，判断答案是在mid之前还是之后。 在答案为mid情况下，子串的权重小于不大于mid的数量的k意味着mid小； 否则，表示答案=mid，进一步缩小范围。
然后，求出子列的权重如何小于等于mid的数量。 对于每个后缀，前缀越长，权重就越大，因此可以在另二分钟内找到第一个权重大于mid的前缀。 假设当前后缀的开始位置为I，并且此后缀的第一个权重大于mid的前缀的末尾为j，则此后缀对当前枚举的答案的贡献前缀数为[j-1]-I1。 但是，请注意不同后缀的前缀可能是相同的，知道不同后缀的公共前缀(LCP )并加重回答。 到此为止可以用后缀数组处理。 通过按后缀的顺序列举后缀，可以通过height数组了解当前字符串和前一个字符串的重复前缀。 就这样减法就行了。
有关什么是后缀数组的信息，请参见此-后缀数组详细信息- chr ety-Blogs.com
很会说话，居然能让我看会议。
代码：
#includeiostream
using namespace std；
typedef long long int ll；
ll ran[100005]、sec[100005]、sa[100005]、t[100005]、hei[100005]；
ll val[26]，sum[100005]；
char s[100005]；
voidGetsa(lln )。
{
ll num，I，len，cnt；
num=26；
for(I=0； i=100000； I ) t(I )=0；
for(I=1； i=n； I ) ran(I )=s(I-1 )-a ) 1，t ) ran ) )；
for(I=1； i=num； I ) t(I )=t(I-1 )；
for(I=n； i=1； I----sa[t[ran[I]]----]=I；
for(len=1； len=n； len=1)
{
cnt=0；
for(I=n-len1； i=n； I ) sec[ cnt]=i；
for(I=1； i=n； I ) if(sa[I]len ) sec[ cnt]=sa[i] - len；
for(I=0； i=num； I ) t(I )=0；
for(I=1； i=n； I ) t[ran[i]]；
for(I=1； i=num； I ) t(I )=t(I-1 )；
for(I=n； i=1； I----sa[t[ran[sec[I]]--]=sec[I]，sec[i]=ran[i]；
ran[sa[1]]=1； cnt=1；
for(I=2； i=n； I )
ran [ sa [ I ]=[ sec [ sa [ I ]==sec [ sa [ I-1 ] ] sec [ sa [ I ] len ]==sec [ sa [ I-1 ] len ]？ cnt : cnt；
if(CNT==n ) break；
num=cnt；
}
}
语音获取(lln ) )。
{
ll i，j，k；
k=0；
for(I=1； i=n； I )
{
if(k ) k----；
j=sa[ran[i] - 1]；
while(Ik=njk=ns[I-1k]==s[j-1k] ) k；
hei[ran[i]]=k；
}
}
llcheck(llx，ll n ) ) ) ) ) ) ) llcheck(llx，ll n ) ) ) ) ) ) )。
{
ll ans=0，I；
ll，r，mid，add；
for(I=1； i=n； I )
{
l=sa[i]； r=n 1； add=-1；
wile(LR ) )。
{
mid=(LR ) 1；
if(sum[mid]-sum[sa[I]-1]=x ) l=mid 1，add=mid；
else r=mid；
}
if (添加！=-1 )
{
ans =add - sa[i] 1；
ans -=add - sa[i] 1 hei[i]？ hei[i] : add - sa[i] 1；
}
}
返回ans；
}
int main () )
{
LTT，n，I，k，ans，l，r，mid；
cin tt；
while(TT----
{
scanf('%lld%lld )、n、k )；
scanf('%s '，s )；
for(I=0； i 26； I ) scanf('%lld '，val[i]；
GETSA(n；
GETH(n；
sum[0]=0；
for(I=1； i=n； I ) sum[i]=val[s[i - 1] - 'a'] sum[i - 1]；
l=1； r=sum[n] 1； ans=-1；
wile(LR ) )。
{
mid=(LR ) 1；
if(check(mid，n )=k ) r=mid，ans=mid；
else l=mid 1；
}
printf(%lld(n )，ans )；
}
}