在一个有向图中，对所有的节点进行排序，要求没有一个节点指向它前面的节点。
先统计所有节点的入度，对于入度为0的节点就可以分离出来，然后把这个节点指向的节点的入度减一。
一直做改操作，直到所有的节点都被分离出来。
如果最后不存在入度为0的节点，那就说明有环，不存在拓扑排序，也就是很多题目的无解的情况。
下面是算法的演示过程。
下面是我以前的写法，比较好理解，但是效率低
//b[]为每个点的入度for(i=1;i<=n;i++){ for(j=1;j<=n;j++){ if(b[j]==0){ //找到一个入度为0的点 ans=j; vis[cnt++]=j; b[j]--; break; } } for(j=1;j<=n;j++) if(a[ans][j]) b[j]--; //与入度为0的点相连的点的入度减一} printf("%d",vis[0]); for(i=1;i<cnt;i++) printf(" %d",vis[i]); printf("n");
下面是我现在一直以来的写法，O(V+E)。点数+边书
queue<int>q; vector<int>edge[n]; for(int i=0;i<n;i++) //n 节点的总数 if(in[i]==0) q.push(i); //将入度为0的点入队列 vector<int>ans; //ans 为拓扑序列 while(!q.empty()) { int p=q.front(); q.pop(); // 选一个入度为0的点，出队列 ans.push_back(p); for(int i=0;i<edge[p].size();i++) { int y=edge[p][i]; in[y]--; if(in[y]==0) q.push(y); } } if(ans.size()==n) { for(int i=0;i<ans.size();i++) printf( "%d ",ans[i] ); printf("n"); } else printf("No Answer!n"); // ans 中的长度与n不相等，就说明无拓扑序列
有些拓扑排序要求字典序最小什么的，那就把队列换成优先队列就好了。
例如：ZCMU-2153点击打开链接
代码：
#include<bits/stdc++.h>using namespace std;typedef long long LL;const int inf=1e9;const int maxn=1e6+5;vector<int>edge[50];int in[50];int main(){ char s[5]; set<int>k; while(cin>>s) { k.insert(s[2]-'A'); k.insert(s[0]-'A'); if(s[1]=='>') { in[s[2]-'A']++; edge[s[0]-'A'].push_back(s[2]-'A'); } else { in[s[0]-'A']++; edge[s[2]-'A'].push_back(s[0]-'A'); } } priority_queue<int,vector<int>,greater<int> >q; for(int i=0;i<30;i++) { if(in[i]==0&&k.count(i)!=0) q.push(i); } vector<int>ans; while(!q.empty()) { int p=q.top(); q.pop(); ans.push_back(p); for(int i=0;i<edge[p].size();i++) { int y=edge[p][i]; in[y]--; if(in[y]==0&&k.count(y)!=0) q.push(y); } } if(ans.size()==k.size()) { for(int i=0;i<ans.size();i++) printf("%c",ans[i]+'A'); printf("n"); } else printf("No Answer!n"); return 0;}还有一种比较坑的排序 要求编号小的尽量排在前面，这里与字典序最小是不一样的，看一下例题。
HDU-4857 点击打开链接
逃生
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 6725 Accepted Submission(s): 1965
Problem Description
糟糕的事情发生啦，现在大家都忙着逃命。但是逃命的通道很窄，大家只能排成一行。
现在有n个人，从1标号到n。同时有一些奇怪的约束条件，每个都形如：a必须在b之前。
同时，社会是不平等的，这些人有的穷有的富。1号最富，2号第二富，以此类推。ddsg就贿赂负责人，所以他们有一些好处。
负责人现在可以安排大家排队的顺序，由于收了好处，所以他要让1号尽量靠前，如果此时还有多种情况，就再让2号尽量靠前，如果还有多种情况，就让3号尽量靠前，以此类推。
那么你就要安排大家的顺序。我们保证一定有解。
Input
第一行一个整数T(1 <= T <= 5),表示测试数据的个数。
然后对于每个测试数据，第一行有两个整数n(1 <= n <= 30000)和m(1 <= m <= 100000)，分别表示人数和约束的个数。
然后m行，每行两个整数a和b，表示有一个约束a号必须在b号之前。a和b必然不同。
Output
对每个测试数据，输出一行排队的顺序，用空格隔开。
Sample Input
15 103 51 42 51 23 41 42 31 53 51 2
Sample Output
1 2 3 4 5
举个例子如图：
如果你用优先队列拓扑排序得到的是：3 5 6 4 1 7 8 9 2 0
但是正确答案为 6 4 1 3 9 2 5 7 8 0 这样使得小的（1）尽量在前面。
这里我们可以得到 前面的小的不一定排在前面，但是有一点后面大的一定排在后面。
我们看 6和3不一定3排在前面，因为6后面连了一个更小的数字1能使得6更往前排。
在看 2和 8，8一定排在后面，因为8后面已经没有东西能使它更往前排（除了0）。
所以最后我们的做法就是 建立一个反图，跑一边字典序最大的拓扑排序，最后再把这个排序倒过来就是答案了。
#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#include<vector>#include<queue>using namespace std;typedef long long ll;vector<int>edge[30010],ans;priority_queue<int>q;int in[30010];int T,n,m;void init(){ for(int i=1;i<=n;i++) { edge[i].clear(); in[i]=0; } while(!q.empty()) q.pop(); ans.clear();}void solve(){ int i,j; for(i=1;i<=n;i++) if(in[i]==0) q.push(i); while(!q.empty()) { int p=q.top(); q.pop(); ans.push_back(p); for( i=0; i<edge[p].size(); i++ ) { int v=edge[p][i]; in[v]--; if(in[v]==0) q.push(v); } } for(i=ans.size()-1;i>0;i--) printf("%d ",ans[i]); printf("%dn",ans[0]);}int main(){ int a,b; scanf("%d",&T); while(T--) { scanf("%d%d",&n,&m); init(); while(m--) { scanf("%d%d",&a,&b); edge[b].push_back(a); in[a]++; } solve(); } return 0;}