洛谷题目传输： P1020 [NOIP1999普及组]对导弹拦截地说100分的做法很明显这是一个
不上顶端的子序列贪婪奇怪的解法
我们马上推出了最长的不上升子序列
代码：
# include iostream # include algorithm # include cmath # includeiomanipusingnamespacestd； int a[100005]、f[100005]、n、ans； int main () while ) Cina[n]； n----； a[0]=50000； for(intI=1； i=n； I ) for(intj=0； ji； j () if ) a(j ) f[i] ) f )=max ) f[i]，f[i] )； }for(intI=1； i=n； I ) ans=max(f[I]，ans )； coutansendl； 返回0； )然后，对于第二个问题，首先考虑贪婪
如果能拦截，则进行导弹拦截系统中高度最小的拦截
else
再发射一枚导弹拦截系统
# include iostream # include algorithm # include cmath # includeiomanipusingnamespacestd； int a[100005]，f[100005]，n，ans，r，l，mid，t； int m[100005]，k； intcheck(ints ) {int d=0； m[0]=50005； for(intI=1； i=k； I () if ) m[I]=s ) if ) m[I]=m[d] ) d=i； }return d； (}int main ) ) while ) Cina[n]； n----； for(intI=1； i=n； I () intw=check ) a[I]； if(w==0) k，w=k； m[w]=a[i]； } coutk； 返回0； }或者，可以使用奇怪的解法。 我也不知道为什么是对的
如果前面有导弹，低于现在的话，就会增加一套系统，寻找最多使用几个系统。 求最长上升子序列。 ……太荒谬了。
但是，这个方法是可行的。 我不知道为什么@_@
# include iostream # include algorithm # include cmath # includeiomanipusingnamespacestd； int a[100005]、f[100005]、n、ans； int main () while ) Cina[n]； n----； a[0]=50000； for(intI=1； i=n； I ) for(intj=0； ji； j () if ) a[j]a[I] ) f[i]=max ) f[i]，f[i] )； } } ans=0； for(intI=1； i=n； I ) ans=max(f[I]，ans )； coutans； 返回0； }那么，现在位置100点的做法已经完成了
还有200分的做法是nlogn做法，这一点很明确()
我要补充几点我自己的意见：
实际上是寻找前面数组中的第一个(正数的第一个)被当前的)替换的东西) )适用于所有的nlong的做法)。
为什么呢，有一个很好的比喻，就是f序列的“潜力”增加了
最终代码：
# include iostream # include algorithm # include cmath # includeiomanipusingnamespacestd； int a[100005]，f[100005]，n，ans，r，l，mid，t； int m[100005]，k； intcheck(ints ) {int d=0； m[0]=50005； for(intI=1； i=k； I () if ) m[I]=s ) if ) m[I]=m[d] ) d=i； }return d； (}int main ) ) while ) Cina[n]； n----； f[0]=50005； for(intI=1； i=n； I () if ) a(I )=f[ans] ) f[ ans]=a[i]； else { l=1，r=ans； while(L=R ) mid=) LR )/2； if(a ) I )=f(mid ) ) l=mid 1； else t=mid，r=mid-1； }f[t]=a[i]； //蒟蒻的我做不到lower_bound QWQ} coutansendl； for(intI=1； i=n； I () intw=check ) a[I]； if(w==0) k，w=k； m[w]=a[i]； } coutk； 返回0； } AC！ 200千兆吨